PHPで画像URLをアップロード-PHPチュートリアル-php.cn

php と mysql を使用して画像を選択し、データベースにアップロードします。クエリ後に表示することはできません。どうすれば提出できますか? (http://192.168.40.10:1500/php/www/pictures/1.jpeg) など詳しく説明してください。小さな例ですが、私は初心者なのであまり理解できません。

ディスカッションに返信（解決策）

アップロードするときに、pictures/1.jpeg をデータベースに保存するだけです。

表示時にドメイン名を追加する

これは分かるのですが、1.jpgの切り出し方が分かりません $_FILES['myFile']['name'] という関数の使い方が分かりません。「myfile」と「name」「どういう意味ですか?」

アップロードするときに、pictures/1.jpeg をデータベースに保存するだけです。

表示時にドメイン名を追加する
これは分かるのですが、1.jpgの切り出し方が分かりません $_FILES['myFile']['name'], ' という関数の使い方が分かりません。「myfile」と「name」は何を表しているのでしょうか?

アップロードするときに、pictures/1.jpeg をデータベースに保存するだけです。

表示時にドメイン名を追加します
画像名を取得するためにを使用しました。画像名は c:/php/www/pictures/1.jpg;
私は、からファイル名 photos/1.jpeg を取得する方法を知っていますか? ファイルパス pictures/1.jpeg を取得する必要があることは知っています。具体的にどうやって入手すればいいのか分かりません、詳しく教えていただけませんか？

フォームコントロール
送信後の $_FIELS['a']['name'] は画像名になります

フォームコントロール
送信後、$_FIELS['file']['name'] が写真の名前になります
$_FIELS['file']['name という関数がわかりませんこの機能の使い方は？ファイルと名前は何を表していますか?
$picture_cut = $_FILES['picture']['name']; これを書いても効果はありません。

今イライラしてきました

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送信後の $_FIELS['a']['name'] は画像の名前です

今イライラしてきました

フォームコントロール
送信後の $_FIELS['a']['name'] は画像の名前です
動作しません。私が何を書いたかを確認してください。
$id = $_POST['id'];
$barcode = $_POST['goods_name'];
$category = $_POST['category '];
$仕様 = $_POST['仕様'];
$番号 = $_POST['番号']; ;
$picture = $_FILES['picture_url']['name'];
$url = "http://172.17.4.96:1500/pictures/"; !$id || !$商品名 || !$メーカー || !$指示 ||
空!';
終了
}

@ $db = new mysqli('localhost','root','root','ec')
if (!$db)
echo 'エラー'; exit;
}

$query = "商品値に挿入('".$id."','".$barcode."','".$goods_name."','".$category."' ,
'".$仕様."','".$manufacturers."','".$number."','".$instruction."','".$picture_url."')";
$result = $db->query($query);
if($result){
echo "

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