PHP のページ a がページ b に値を渡し、ページ b が値を受け入れてデータベースに保存する際に問題があります。

ページ a には 1、2、3、4、および 5 のボタンがあり、各ボタンをクリックして、ID、名前、URL などの値をページ b に渡します。ページ b はレコードを追加します。レコードの内容は ID 名 URL です。問題は、対応するタイプをデータベースに追加することですが、URL をデータベースに追加することはできず、b.php ページ ジャンプは常に最初のボタンのリンク アドレスになります。解決にご協力ください

コード
a.php
$path=$_GET[path];
$url="http://bj.tv.wo.com.cn"; =mysql_query("select * from new where path='3 ' order by id desc limit 0,1"); while($row=mysql_fetch_array($result)){

}
?>

b.php
include("conn.php");
$id= $_GET[id];
$showtime=date("Y-m-d");
$resultc=mysql_query("total_counter (time, type,url) 値に挿入 ('$showtime','$type','$url')");
$result=mysql_query("select * from new where id=$id");
while($row=mysql_fetch_array ($result)){
?>
<script> <br> location="対応するボタンのリンク アドレス (ボタンからボタンに渡される URL アドレス)"; <br> </script>
< php
}
?>




ディスカッションへの返信 (解決策)
あなたのソースコードは次のようになりますか? ? ?変更された URL が表示されませんでした

URL にはスラッシュが含まれているため、データベースに挿入する前にエスケープする必要があります

問題が解決した場合は、投稿してポイントを教えてください。あなたの問題は軽微なものであるはずです