CodeIgniter2.2.0 - コントローラーでloadを呼び出すときにエラーが報告されない問題、thinkphpがcontrollerを呼び出す

CodeIgniter2.2.0 - コントローラーでloadを呼び出すときにエラーが報告されない問題、thinkphpがcontrollerを呼び出す_PHPチュートリアル

WBOY

リリース： 2016-07-13 10:18:42

オリジナル

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CodeIgniter2.2.0-コントローラーでloadの呼び出しが失敗するときのエラーの問題

のエラーは次のとおりです:

リーリー

コードは次のとおりです:

リーリー

何が問題なのかわかりますか？テストコントローラーのコンストラクターを書き換えたので、同じクラス名の public メソッドと __construct メソッドは同じ機能を持ちます。書き換え後は、CI_Controller の親クラスのインスタンス化がなくなり、自分でインスタンス化する必要があります。

クラスと同じ名前のメソッドを削除する他に、次のようなメソッドがあります:

リーリー

それは問題ありません。

3年後、私は再びcodeigniterを使用しましたが、多くのことを忘れていました。。。

SQL2000 をインストールするときに、「MSSQLServer サービスの場合、サービスコントローラーの操作が失敗しました: 1726 リモートプロシージャコールが失敗しました」というエラーが表示されました。これを解決するにはどうすればよいですか?

MSSQLSERVERサービスの起動に失敗する例

障害現象
SQL Serverサービスマネージャーを使用してMSSQLServerを起動すると応答がありませんが、MSDTCの起動には問題ありません。コントロールパネルで <サービス> の使用を開始すると、「MSSQLServer サービスを開始できません。エラー 2140: Windows NT 内部エラーが発生しました。」

理由
オペレーターに聞いたところ、Enterprise Manager にあることが分かりました。 , SERVER プロパティで削除された起動パラメーターのパラメーターがあり、SQL SERVER の起動に失敗します

解決策
ms-dos で、c:\mssql7\binn と入力し、

sqlservr -d c:\ を実行します。 mssql7\data\master .mdf -e c:\mssql7\log\errorlog -l c:\mssql7\data\mastlog.ldf

約 1 分後、プロンプトメッセージが表示されます「xpstar.dll」バージョン '1998.11.13 を使用' 拡張ストアドプロシージャ 'sp_MSgetversion' を実行します。これは、現時点では ms-dos ウィンドウを閉じることができず、SERVER プロパティウィンドウで起動パラメータを開き、パラメータを追加することを意味します。 [スタートアップパラメーター] ウィンドウ:

-dc:\ mssql7\data\master.mdf
-ec:\mssql7\log\errorlog
-lc:\mssql7\data\mastlog.ldf

その後、MS-DOS ウィンドウを閉じて次を使用します。 SQL Server サービスマネージャーを使用してサービスを開始します。

SQL2000の場合は、不具合の現象や操作方法は基本的に同じですが、MS-DOSモードでのプロンプト情報が異なり、ファイルパスがc:\プログラムファイルに変更される点が異なります。 \microsoft sql server\mssql、残りは同じです。

phpのMVCアーキテクチャのコントローラーは、最下層から返された結果をどのように取得し、それを直接呼び出してエラーを報告するのでしょうか

笑ジャンプはクラス内で実行され、外部からメソッドを呼び出すと内部でジャンプします。カスタマイズしたい場合は、クラス内のメソッドを以下の場所に変更してください
/**************ここからのみジャンプできます************ ****** ****************/
header("Location:../View/admin_home.php"); 戻るためにこの場所を変更する必要はありません。 true

header("Location:.. /View/user_login.php?loginProving=passWordError"); false を返すためにこの場所を変更する必要はありません

上記で送信された場所はここです
/***** *********** はここでジャンプを処理したい* ****************************/
$LoginProving -> userNameProving($userName,$passWord); $result= $LoginProving - > userNameProving($userName,$passWord);
このようにして、ログインが成功したかどうかを判断できます。リンク}else{エラージャンプリンク}