Tajuk ditulis semula kepada: Ralat: "SyntaxError: """ bukan format JSON yang sah"

Question

Saya ada soalan tentang kod berikut. Keluaran console.log

URL yang saya minta melalui permintaan JavaScript Ajax ialah "login.php":

<?php include('init.php');
    gunakan LoginLoginService;

    #include(__DIR__.'/Login/LoginService.php');

    global $pdo;
    session_start();

    $nama pengguna = $_POST['nama pengguna'];
    $pass = $_POST['kata laluan'];
    jika (!kosong($nama pengguna)) {
        $test = new LoginService();
        $user = $test->getUsersLogin($username);
        if (!empty($user) && $user[0]['login'] == $username) {
            $json = json_encode(array("berjaya" => 1));
            echo $json;
        } lain {
            $json = json_encode(array("berjaya" => 0));
            echo $json;
        }
    }
    ?></pra>
<p>Permintaan Ajax JavaScript saya:</p>
<pre class="brush:php;toolbar:false;">$(() ==> {
    $('.login-form').on('submit', fungsi (e) {
        e.preventDefault();

        $.ajax({
            taip: "POST",
            dataType: "json",
            tamat masa: 500,
            url: '/src/login.php',
            data: $(this).serialize(),

            kejayaan: (data) =>
                cuba {
                    var jso = JSON.parse(data);
                    console.log(jso);
                } tangkap (e) {
                    console.log(e);
                    kembali palsu;
                }
            },
            ralat: (data) =>
                console.log(JSON.parse(data));
            }
        });
    });
});

Mengapa jawapan PHP tentang {"success":1} apa masalahnya?

SyntaxError: "[objek Objek]" tidak sah JSON

Answer 1

Cuba ini untuk mengelakkan ralat ini:

myFunction(data: string) {
  try {
    JSON.parse(data); 
    console.log(data);
  }
   catch (e) {
   console.log(e); 
  }
}

Answer 2

Jika anda menulis dataType: "json"，那么jQuery会在进入"success"函数之前自动将你的响应解析为JSON。这在jQuery的$.ajaxada penerangan terperinci dalam dokumen.

Jadi,

- ia memerlukan rentetan. data已经是一个对象。你不能将一个对象传递给JSON.parse()

Jadi, tidak perlu

var jso = JSON.parse(data); console.log(jso);

Anda boleh menulis terus

console.log(data);