為什麼 PHP 會發出「僅應透過引用傳遞變數」警告，以及如何解決這些警告？

理解嚴格標準警告：「僅變數應透過引用傳遞」

在PHP 中，觸發「僅變數應透過引用傳遞」的嚴格標準警告當嘗試透過引用函數或方法傳遞非變數時。

解釋行為

考慮以下程式碼：

$el = array_shift($instance->find());

此程式碼會產生嚴格標準警告，因為$instance->find() 傳回一個數組，而不是變數。當作為參數傳遞時，它嘗試透過引用傳遞數組（使用 & 運算子），這會觸發警告。

但是，在以下程式碼中：

function get_arr(){
    return array(1, 2);
}
$el = array_shift(get_arr());

嚴格的標準不會報告警告，因為 get_arr() 是一個傳回陣列的函數。因此，它被視為變數而不僅僅是數組值。

根本原因

嚴格標準警告特別發生在呼叫方法或函數且其傳回值為透過引用傳遞。例如，考慮以下程式碼：

class test {
    function test_arr(&$a) {
        var_dump($a);
    }
    function get_arr() {
        return array(1, 2);
    }
}

$t = new test;
$t->test_arr($t->get_arr());

在此程式碼中，會產生嚴格標準警告，因為 $t->get_arr() 傳回一個數組，而不是變數。但是，它是使用 & 運算子透過引用 test_arr 方法傳遞的。

解決方案

要解決嚴格標準警告，有兩種可能的方法：

1. 修改方法簽名：更改方法的簽名以不使用引用參數。例如：

function test_arr($a) {
    var_dump($a);
}

2. 使用中間變數： 建立一個中間變量，將方法的回傳值分配給它，並透過引用傳遞中間變數。例如：

$inter = $instance->find();
$el = array_shift($inter);

以上是為什麼 PHP 會發出「僅應透過引用傳遞變數」警告，以及如何解決這些警告？的詳細內容。更多資訊請關注PHP中文網其他相關文章！