A题：
由题意可知，最多翻10次就可以（其实8次就够了），那么我们就用状态压缩表示状态。
对于某种状态，如果某一位为0，那么代表这一位不翻，否则代表这一位翻。
对于某一种翻的状态：
如果牌中有G3，那么就把G和3进行连边。其他的连边类似，不要重边。
对于任意一条边的两个端点，分三种情况讨论：
1，两个端点都翻了，那么很明显，这张牌被表示出来了。
2，两个端点中只有一个端点被翻，那么这个对应的num加1.
3，两个端点都没有被翻，计数器tt加1。
对于任意一种状态：
1，如果计数器tt大于1，那么肯定不能判断出所有的牌。
2，如果任意一个端点的num数大于1，那么也肯定不能判断出所有的牌。
3，否则的话，这种状态可以表示出所有的牌。
#include<stdio.h>#include<string.h>#include<algorithm>#include<iostream>#include<vector>using namespace std;#define LL __int64#define maxn 2201int num[20];int pan[220];int name[22001];vector<int>vec;int map[110][110];void dos(int x){ while(x) { cout=minn)continue; int leap=0; int t=0; memset(num,0,sizeof(num)); for(int j=5; jB题： <p></p> <p>对于当前选择的状态，</p> <p>p0表示0个人告诉答案的概率。</p> <p>p1表示1个人告诉答案的概率。</p> <p>对于即将面对的一个人:</p> <p>a表示0个人告诉答案的概率。</p> <p></p> <p>b表示1个人告诉答案的概率。</p> 如果接纳这个人之后，p1的值变小了，那么就不应该接纳下去。 <p></p> <pre name="code" class="sycode">#include<stdio.h>#include<string.h>#include<algorithm>#include<iostream>#include<vector>using namespace std;#define LL __int64#define maxn 2201double num[maxn];int main(){ int n; double x; while(~scanf("%d",&n)) { for(int i=1;i=1;i--) { c=a; d=b; b=b+a*num[i]-b*num[i]; a=a-a*num[i]; if(b<d b="d;" break printf return> <br> <br> <p></p> <p><br> </p> <p><br> </p> <p><br> </p> <p><br> </p> <p><br> </p> <p><br> </p> <p><br> </p> <p><br> </p> <p><br> <br> </p> </d></vector></iostream></algorithm></string.h></stdio.h>
