利用ajax提交form表單到資料庫詳解(無刷新)
May 21, 2018 pm 04:17 PM
ajax
form
表單
這篇文章主要為大家介紹了關於利用ajax提交form表單到資料庫(無刷新)的相關資料，文中透過範例程式碼介紹的非常詳細，對大家的學習或工作具有一定的參考學習價值，感興趣的朋友可以來看看。
大家應該都知道，在靜態頁面提交表單到資料庫很簡單就是單純的
<form action="test.php" method="post"> </form>
登入後複製
這個缺點是會刷新頁面，會跳轉頁面的。
今天帶給大家的技術就是ajax提交表單
優點是不刷新頁面，不跳頁，靜默提交的。
至於什麼是ajax，自己去百度了解。
首先我們得要有表單提交頁面：
index.html
這個頁面由兩個部分組成
1、表單控制項
2、jQuery ajax處理腳本
jQuery腳本會取得form表單的數據，透過post的方式提交給api.php
<!DOCTYPE HTML PUBLIC "-//W3C//DTD HTML 4.01 Transitional//EN">
<html>
<head>
<title>login test</title>
<meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=UTF-8">
<script src="http://apps.bdimg.com/libs/jquery/2.1.4/jquery.min.js"></script>
<script type="text/javascript">
function insert() {
$.ajax({
type: "POST",//方法
url: "api.php" ,//表单接收url
data: $('#form1').serialize(),
success: function () {
//提交成功的提示词或者其他反馈代码
var result=document.getElementById("success");
result.innerHTML="成功!";
},
error : function() {
//提交失败的提示词或者其他反馈代码
var result=document.getElementById("success");
result.innerHTML="失败!";
}
});
}
</script>
</head>
<body>
<p id="form-p">
<form id="form1" onsubmit="return false" action="##" method="post">
<p><input name="title" id="title" type="text" value="title"/></p>
<p><input name="url" id="url" type="text" value="url"/></p>
<p><input type="button" value="插入" onclick="insert()"></p>
<p><p id="success"></p></p>
</form>
</p>
</body>
</html>登入後複製
下面就是表單接收頁面
api.php
該頁面其實很簡單
就是連接資料庫
#然後插入資料庫
插入資料庫的兩個值為
title和url
<?php
$title = $_POST['title'];
$url = $_POST['url'];
$con = mysql_connect("localhost","root","root");
if (!$con)
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}
mysql_select_db("test", $con);
mysql_query("INSERT INTO testdata (title, url)
VALUES ('$title', '$url')");
mysql_close($con);
?>登入後複製
然後我們需要建立好一個資料庫
資料庫名為test，表名為testdata
下面是資料庫截圖
到此，本案例完成。
當然上面的程式碼只是簡單的實作了ajax提交form表單
但是還有很多細節需要最佳化，例如表單驗證，資料加密等，可以自己拓展學習，完善。
上面是我整理給大家的，希望今後對大家有幫助。
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以上是利用ajax提交form表單到資料庫詳解(無刷新)的詳細內容。更多資訊請關注PHP中文網其他相關文章！
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