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PHP和SQLite：如何處理圖片和多媒體文件

王林

發布： 2023-08-01 06:06:02

原創

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PHP和SQLite：如何處理圖像和多媒體檔案

引言：
在現代網站和應用程式中，處理圖像和多媒體檔案是很常見的任務。 PHP是一種流行的伺服器端腳本語言，而SQLite則是一種輕量級的嵌入式資料庫引擎。本文將介紹如何結合使用PHP和SQLite來有效處理影像和多媒體檔案。

一、建立SQLite資料庫
首先，我們需要建立一個SQLite資料庫，用於儲存映像和多媒體檔案的相關資訊。可以使用SQLite命令列工具或SQLite的PHP擴充庫來建立資料庫。

下面是一個使用SQLite命令列工具建立資料庫的範例：

$ sqlite3 media.db
SQLite version 3.31.1 20...
Enter ".help" for usage hints.
 
sqlite> CREATE TABLE media (
   id INTEGER PRIMARY KEY,
   filename TEXT NOT NULL,
   type TEXT NOT NULL,
   filepath TEXT NOT NULL
);
sqlite> .quit

登入後複製

在上面的範例中，我們建立了一個名為media.db的資料庫，並在其中建立了一個名為media的表，該表包含了id、filename、type和filepath 四個欄位。

二、上傳圖像和多媒體檔案
接下來，我們需要寫PHP程式碼來處理上傳的圖像和多媒體檔案。首先，我們需要一個HTML表單，使用者可以使用該表單上傳檔案。以下是一個簡單的表單範例：

<form action="upload.php" method="post" enctype="multipart/form-data">
   <input type="file" name="file">
   <input type="submit" value="Upload">
</form>

登入後複製

在上面的表單中，我們使用了enctype="multipart/form-data"來支援檔案上傳。 name="file"定義了上傳檔案的表單欄位名稱。

接下來，我們需要寫一個名為upload.php的PHP腳本來處理上傳的檔案。以下是一個簡單的腳本範例：

<?php
if(isset($_FILES['file'])) {
   $file = $_FILES['file'];
   $filename = $file['name'];
   $filetype = $file['type'];
   $filesize = $file['size'];
   $tmpname = $file['tmp_name'];
    
   $filepath = 'uploads/'. $filename;
    
   move_uploaded_file($tmpname, $filepath);
    
   // 插入文件信息到SQLite数据库
   $db = new SQLite3('media.db');
   $stmt = $db->prepare("INSERT INTO media (filename, type, filepath) VALUES (:filename, :type, :filepath)");
   $stmt->bindValue(':filename', $filename, SQLITE3_TEXT);
   $stmt->bindValue(':type', $filetype, SQLITE3_TEXT);
   $stmt->bindValue(':filepath', $filepath, SQLITE3_TEXT);
   $stmt->execute();
    
   echo "文件上传成功！";
}
?>

登入後複製

在上面的程式碼中，我們透過$_FILES['file']來存取上傳檔案的相關資訊，例如檔案名稱、類型、大小和臨時路徑。然後，我們將檔案移到伺服器上的指定目錄，並將檔案資訊插入SQLite資料庫。

三、顯示圖像和多媒體文件
最後，我們需要編寫程式碼來從SQLite資料庫中檢索文件信息，並在網頁上顯示圖像和多媒體文件。以下是一個簡單的PHP腳本範例：

<?php
$db = new SQLite3('media.db');
$stmt = $db->prepare("SELECT * FROM media");
$result = $stmt->execute();
 
while($row = $result->fetchArray(SQLITE3_ASSOC)) {
   $filepath = $row['filepath'];
   $filetype = $row['type'];
    
   if($filetype === 'image/jpeg' || $filetype === 'image/png') {
      echo "<img src='$filepath' alt=''>";
   }
   elseif($filetype === 'audio/mpeg') {
      echo "<audio controls><source src='$filepath' type='audio/mpeg'></audio>";
   }
   elseif($filetype === 'video/mp4') {
      echo "<video controls><source src='$filepath' type='video/mp4'></video>";
   }
}
?>