为什么 mysqli_stmt::bind_param() 抛出'参数...预期为引用，给定值”？

mysqli bind_param() 错误：传递值而不是引用

错误“mysqli_stmt::bind_param() 的参数 3 预期为当 mysqli_stmt::bind_param() 传递一个引用，给定值时出现值的数组，而不是对这些值的引用的数组。

PDO 代码

在提供的 PDO 代码中：

$params = array(1,"2","3","4");

$params 数组包含值而不是对这些值的引用。要解决此问题，请使用 & 创建引用：

$params = array(1,&"2", &"3", &"4");

OOP 代码

类似地，在 OOP 代码中：

array_unshift($params, $param_type);

此行在 $param_type 字符串前面添加到 $params 数组的开头，但它不会创建对参数值的引用。要创建引用，请使用 & 字符：

array_unshift($params, $param_type);
foreach ($params as $key => $value) {
    $params[$key] =& $value;
}

使用扩展运算符的替代解决方案 (PHP 5.6 )

在 PHP 版本 5.6 及更高版本中，您可以使用扩展运算符 (... ）将 $params 数组作为单独的参数传递，而无需手动创建引用：

mysqli_stmt_bind_param($sql_stmt, $param_type, ...$params);

$insert_stmt->bind_param($param_type, ...$params);

通过传递引用或使用扩展运算符，您可以确保 mysqli_stmt::bind_param() 接收对参数值的引用数组，从而解决错误。

以上是为什么 mysqli_stmt::bind_param() 抛出'参数...预期为引用，给定值”？的详细内容。更多信息请关注PHP中文网其他相关文章！