这场题也不难。
不过自己一直犯逗。 不是题目看错就是数组开小。
A，B，C，D都还挺水的，E其实也挺简单，只不过我当时没想明白。。
C的话， 枚举所有可能的d即可，复杂度是排序的nlogn
D的话， 对于奇数来说，黑方只需要跟白方对称走就一定能赢
偶数的话， 白方往1,2走一步就变成了奇数的情况，然后黑方咋走，白方就对称走就行。所以最后白方一定能赢
E
对于给出的t, a, b
我们先把特判的搞定，
无非是t = 1,a=1的情况
根据b是否等于1来特判
然后其他情况就要看方程了
a0+a1t+a2t^2+...=a
a0+a1a+a2a^2+...=b
然后移项得
a1+a2t + a3t^2+...= (a-a0)/t
a1+a2a + a3a^2+...=(b-a0) /a
会发现这个问题是可以递归解的。
这里a0的值有要求
(a-a0) %t ==0
(b-a0)%a==0
也就是说a0%a == b % a, a0 % t == a % t
然后就发现其实枚举a0的量非常少
对于a0%a == b%a有a0= k * a + b %a0
a0 会发现k=0或者1，而且必须满足a0 % t == a % t
然后接下来就是递归了。就得出答案了
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>#include <cmath>#include <algorithm>#include <map>#define MAXN 55555#define MAXM 222222#define INF 1000000001using namespace std;int gao(long long a, long long b, long long c, long long d) { if(b == 0 && d == 0) return 1; if(b == 0 || d == 0) return 0; long long ans = 0; for(long long i = 0; i b || a0 > d) break; if((b - a0) % a == 0) { ans += gao(a, (b - a0) / a, c, (d - a0) / c); } } return ans;}int main() { long long t, a, b; scanf("%I64d%I64d%I64d", &t, &a, &b); if(t == 1 && a == 1) { if(b == 1) { puts("inf"); } else puts("0"); } else printf("%d\n", gao(t, a, a, b)); return 0;}</map></algorithm></cmath></queue></cstring></cstdio></iostream>
